李二往往
范文一：三年级上册脱式计算题60道)
三年级脱式计算题60道
沙井镇中心小学三年级 李小雪
25+32×23 52+18×12 17+34×19 = = =
= = = 37+16×28 65+11
= = =
= = = 61+12×23 43+21
= = =
= = = 38+25×31 48+52
= = =
= = = 99+46×97 44+81
= = =
= = = 38+53×47 67+81
= = =
= = =
×12 56+37×23 45+32×21 87+35×33 31+98×90 99+54×21 ×55 ×49 ×76 ×56
= = =
= = =
96+72×44 98+55×67 37+43×77 = = =
= = = 32+58×86 25+67
= = =
= = = 99+65×34 89+78
= = =
= = = 56+89×77 35+49
= = =
= = = 58+85×33 49+65
= = =
= = = 39+83×55 89+56
= = =
= = = ×22 44+88×46 48+63×82 47+99×33 79+92×61 88+38×22 ×91 ×89 ×93 ×49
= = =
= = =
196+55×31 198+12×89 137+22×88 = = =
= = = 132+12×37 250+23
= = =
= = = 199+25×89 819+49
= = =
= = = 516+27×36 315+57
= = =
= = = 518+18×47 419+29
= = =
= = = 319+32×56 189+42
= = =
= = = ×38 440+13×90 418+57×34 147+28×54 128+28×37 818+41×36 ×67 ×36 ×19 ×53
范文二：初一一元一次不等式组,计算题,60道,有答案
X+20 (X＞-4)
5X-2≥3（X+1） (x≥2.5)
x-4 -5)
3x+14 > 4(2x-9) ( x-9)
0.4(x-1)≥0.3-0.9x (x≥7/13)
x-4 -5)
2x-6 98
2x-3x+33(7+2x)-(11-6x)
2(3x-1)-3(4x+5)≤x-4(x-7)
2(x-1)-x＞3(x-1)-3x-5
15-(7+5x)≤2x+(5-3x)
2X+3＞0
-3X+5＞0
5X+65（X+2）
2X+4d ＞3/5L，但只要算出了d=3/5L，不扣分 43、算出AC 间总电阻16/3 Ω，得2分 算出AB 间总电阻为6Ω，得3分 算得结果10/27 W ，得3分 44、每小题4分
12
mv =qEL 2
p =2mqEL d =
（2）t ab
2R =2mqEL
qB
=2
2mL 3πm
+ qE 4qB
45．（1）E=16V；（2）η=83％。 46．
5CT （k+1）
k
25kQ
47．（1）E o =；（2）φc =-10V。 2
L 48. （1）E=7.5V；（2）B ≤0.4T 。
8d U 1
49．（1）垂直于纸面向外；（2）U=22
L +4d50． 解：(1)内电压U =E－U ＝Ir I ＝4A 电源总功率 P 1＝EI ＝40W （2）电源输出功率P 2＝P 1－I r ＝32W P （3）通过灯泡电流 I 1＝U =2A
e
电动机总功率：P 3＝UI 2＝U （I －I 1）＝16W （4）电动机输出功率：P 4＝P 3－I R0=12W
12
51． （1）由动能定理：W 电＝E k －2mv 0＝qU ，所以E k ＝qU ＋
22
｜
2
M
12mv ，因为q 、m 、v 0及加速电压U 都相同，所以打到荧光屏02
上时的动能相同，
L
1qU 2（2）在电场中运动时：d 2at 1，a ＝md ，所以t 12md /qU ， 在BC 间运动时， at 1，t 2＝L /v x mL /2qU ， R ＝v 0（t 1＋t 2），v 0＝R /（t 1＋t 2）＝
R
2d ＋L
2qU /m 。
mv 02
53．解：（1）
2qL
（2）根据粒子在电场中运动的情况可知，粒子带正电；所以磁感应强度方向为垂直纸面向里；粒子在电场中做类平抛运动：设到达N 点的速度为v ，运动方向与y 轴正方向的夹角为θ，如图所示。
由动能定理得：qEL =
1212mv -mv 0 22
v =2v 0
mv 02
将E =
2qL
所以 θ=45°
代入可得
粒子在磁场中做匀速圆周运动，经过
3
个圆周后到达P 点时速度4
方向也与y 轴正方向成45角。且粒子在第四象限做匀速直线运动。 所以：OP =OM =L NP =NO +OP =3L
粒子在磁场中的轨道半径为：R =
NP cos 450L =2mv 03qL
mv 2
洛仑兹力提供向心力：qvB =
R
解得：B
（3）带电粒子从M 点出发到第一次回到M 点的时间为：
t =t MN +t NP +t NP =
2L 32πR +?+
v 04v v
将R =
3π3L v =0代入得：t =(1+)
4v 0=2v 0 与x 轴正方向成45°角
（4）带电粒子回到M 点时的速度：v
v 022qE 2
t =L +v 0t -t y =v 0t 分别考虑x 、y 方向的运动：x =L +v 0t -2m 4L
第二次离开电场区域时
x =0
，y =(2+L )
54. 解析：克服电场力做功，电势能增加，无穷远处的电势为零，电荷在无穷远处的电势能也为零。所以
εA =εA -0=W =1. 2?10-4J
正电荷在电势高处具有的电势能大，即A 点的电势?A
>0
W 1. 2?10-4
?A =?A -0===1. 2?104V -8
q 1. 0?10
（2）A 点的电势是由电场本身决定的，跟A 点是否有电荷存在无关，所以在移入电场前，A 点电势仍为
1. 2?10-4V 。
55. 解析：在加速电压一定时，偏转电压U ′越大，电子在极板间的偏转距离就越大。当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压。加速过程，由动能定理得： eU =
12
mv 20 ① 进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上作匀速运动 l =v 0t ②
在垂直于板面的方向上作匀加速直线运动，加速度：a =F e U 'm =dm
③ 偏转距离y =
122at ④ 能飞出的条件为 y ≤1d ⑤ 2
解①～⑤式得：2(1. 0?10-2) 2
U '≤2Ud =2?5000?) 2
=4. 0?102V
l 2(5. 0?10-2
即要使电子能飞出，所加电压最大为400V 。
56. 解：根据题目给出条件可知：电源内电路发热功率I 2
r=40－37.6=2.4W 电路电流强度I=2A
同电源总功率：εI=40， 得 ε=20V 即外电路总电阻： R=
根据闭合电路欧姆定律ε=IR+Ir 即： 20=2×（2.4+R2）+2×0.6，解得 R 2=7Ω 57、由S
=
t ST 40?0. 2
T ?4A 得 A =4t =4?1
=2cm 58、（1） 2m
(2) 向下 （3）
f =
v
λ
=
20
2
=10Hz 59、由热力学第一定律?U
=Q +W
得
Q =?U -W =800-1200=-400J
所以气体释放400J 的热量。
60解：由题意知：发电机的输出功率P=100kw，输出电压U 1=250V，升压后的电压为U 2：得：U 2=5000V (2分)
而输电线上的电流 I 2=P/U2=100000/5000A=20A (2分) 输电线上损失的电压 U=I2×R 线=20×10V=200V
降压前的电压 U 3=U2—U=4800V (2分) 用户得到的电压U 4 U 4/U3=1：20 得：U 4=240V (2分) 用户得到的功率P 2
用 P 用=P－P 线=100kw－I 2R 线=96kw (2分)
U 1/U2=1：20
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